C 国有 n 个大城市和 m 条道路,每条道路连接这 n 个城市中的某两个城市。任意两个
城市之间最多只有一条道路直接相连。这 m 条道路中有一部分为单向通行的道路,一部分
为双向通行的道路,双向通行的道路在统计条数时也计为 1 条。
C 国幅员辽阔,各地的资源分布情况各不相同,这就导致了同一种商品在不同城市的价
格不一定相同。但是,同一种商品在同一个城市的买入价和卖出价始终是相同的。
商人阿龙来到 C 国旅游。当他得知同一种商品在不同城市的价格可能会不同这一信息
之后,便决定在旅游的同时,利用商品在不同城市中的差价赚回一点旅费。设 C 国 n 个城
市的标号从 1~ n,阿龙决定从 1 号城市出发,并最终在 n 号城市结束自己的旅行。在旅游的
过程中,任何城市可以重复经过多次,但不要求经过所有 n 个城市。阿龙通过这样的贸易方
式赚取旅费:他会选择一个经过的城市买入他最喜欢的商品――水晶球,并在之后经过的另
一个城市卖出这个水晶球,用赚取的差价当做旅费。由于阿龙主要是来 C 国旅游,他决定
这个贸易只进行最多一次,当然,在赚不到差价的情况下他就无需进行贸易。
假设 C 国有 5 个大城市,城市的编号和道路连接情况如下图,单向箭头表示这条道路
为单向通行,双向箭头表示这条道路为双向通行。
假设 1~n 号城市的水晶球价格分别为 4,3,5,6,1。
阿龙可以选择如下一条线路:1->2->3->5,并在 2 号城市以 3 的价格买入水晶球,在 3
号城市以 5 的价格卖出水晶球,赚取的旅费数为 2。
阿龙也可以选择如下一条线路 1->4->5->4->5,并在第 1 次到达 5 号城市时以 1 的价格
买入水晶球,在第 2 次到达 4 号城市时以 6 的价格卖出水晶球,赚取的旅费数为 5。
现在给出 n 个城市的水晶球价格,m 条道路的信息(每条道路所连接的两个城市的编号
以及该条道路的通行情况)。请你告诉阿龙,他最多能赚取多少旅费。
输入输出格式输入格式:第一行包含 2 个正整数 n 和 m,中间用一个空格隔开,分别表示城市的数目和道路的
数目。
第二行 n 个正整数,每两个整数之间用一个空格隔开,按标号顺序分别表示这 n 个城
市的商品价格。
接下来 m 行,每行有 3 个正整数,x,y,z,每两个整数之间用一个空格隔开。如果 z=1,
表示这条道路是城市 x 到城市 y 之间的单向道路;如果 z=2,表示这条道路为城市 x 和城市
y 之间的双向道路。
输出格式:输出文件 trade.out 共 1 行,包含 1 个整数,表示最多能赚取的旅费。如果没有进行贸易,
则输出 0。
输入输出样例输入样例#1:
5 5 4 3 5 6 1 1 2 1 1 4 1 2 3 2 3 5 1 4 5 2
输出样例#1:
5
【数据范围】
输入数据保证 1 号城市可以到达 n 号城市。
对于 10%的数据,1≤n≤6。
对于 30%的数据,1≤n≤100。
对于 50%的数据,不存在一条旅游路线,可以从一个城市出发,再回到这个城市。
对于 100%的数据,1≤n≤100000,1≤m≤500000,1≤x,y≤n,1≤z≤2,1≤各城市
水晶球价格≤100。
NOIP 2009 提高组 第三题
保证最优贸易的条件是从低价格的地方买入、从高价格的地方卖出,这个差价就是盈利值。
比较巧妙的方法是用SPFA处理:
1.这个人是从1到n行走,从1到n找出走到这个点可以买到的最小价格minp[i]。
2.一定要把边反向,从n到1进行SPFA找到可以卖出的最大价格maxp[i]。这一点很难理解,以样例中的数据为例,3号节点minp[3]=3,表示走到3号节点可以买到的最小价格为3,maxp[3]=6表示从n走到3最大价格为6。以上的minp[i]和maxp[i]并不意味着要从i这里进行贸易,只是从这里记录一下状态。
3.根据上述的证明,可以找到求最优贸易的方法:枚举中间节点i,求maxp[i]与minp[i]的差值,最大的差值即最大盈利。
代码:
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<queue>
#define rep(q,p) for (int q=1;q<=p;q++)
using namespace std;
const int maxn=1e5+5;
int n,m,a[maxn],x,y,z,ans;
vector<int>v1[maxn],v2[maxn];
int maxp[maxn],minp[maxn];
bool vis[maxn];
void SPFA_min(int st, int en)
{
memset(minp,127,sizeof(minp));
minp[1]=a[1];
queue <int> q;
vis[st]=true;
q.push(st);
while(!q.empty())
{
int tp = q.front();
q.pop();
vis[tp]=0;
for (int k=0;k<v1[tp].size();k++)
{
int ts=v1[tp][k];
if (minp[ts]>minp[tp])
{
minp[ts]=minp[tp];
if (!vis[ts])
vis[ts]=true,q.push(ts);
}
if (minp[ts]>a[ts])
{
minp[ts]=a[ts];
if (!vis[ts])
vis[ts]=true,q.push(ts);
}
}
}
}
void SPFA_max(int st, int en)
{
memset(vis,false,sizeof(vis));
maxp[1]=a[1];
queue <int> q;
vis[st]=true;
q.push(st);
while(!q.empty())
{
int tp = q.front();
q.pop();
for (int k=0;k<v2[tp].size();k++)
{
int ts=v2[tp][k];
if (maxp[ts]<maxp[tp])
{
maxp[ts]=maxp[tp];
if (!vis[ts])
vis[ts]=true,q.push(ts);
}
if (maxp[ts]<a[ts])
{
maxp[ts]=a[ts];
if (!vis[ts])
vis[ts]=true,q.push(ts);
}
}
}
}
int main()
{
freopen("in.txt","r",stdin);
scanf("%d%d",&n,&m);
rep(i,n) scanf("%d",&a[i]);
rep(i,m)
{
scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
v1[x].push_back(y);
v2[y].push_back(x);
if (z==2) v1[y].push_back(x),v2[x].push_back(y);
}
SPFA_min(1,n);
SPFA_max(n,1);
rep(i,n)
if (maxp[i]-minp[i]>ans)
ans=maxp[i]-minp[i];
printf("%d\n",ans);
return 0;
}
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